（A）小球下落時(shí)離地面的高度為0.45m
（B）小球在0.8s內的路程為0.8m
（C）小球第一次反彈后的加速度大小為10m/s2
（D）小球與地面碰撞過(guò)程中速度的變化量的大小為2m/s
答案：C
解析：由v2=2gh可知，小球下落時(shí)離地面的高度為h=1.25m，選項A錯誤；小球在0.8s內的路程為1.25m+0.45m=1.7m，選項B錯誤；小球第一次反彈后的加速度大小為10m/s2，選項C正確；小球與地面碰撞過(guò)程中速度的變化量為-3m/s-5m/s=-8m/s，選項D錯誤。
答案：C
解析：從地面豎直向上拋出，在運動(dòng)中受到的空氣阻力大小不變，物體運動(dòng)的速度v隨時(shí)間t變化的圖像中，可能正確正確的是C。
A．質(zhì)點(diǎn)做勻速直線(xiàn)運動(dòng)
B．質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線(xiàn)運動(dòng)
C．質(zhì)點(diǎn)做加速度逐漸增大的加速運動(dòng)
D．質(zhì)點(diǎn)做加速度逐漸減小的加速運動(dòng)
A．第2s內的位移是14 m
B．前2s內的平均速度是8 m/s
C．任意相鄰的1s內的位移差都是1 m
D．任意1s內的速度增量都是2 m/s
答案：D
解析：由位移x與時(shí)間t的關(guān)系式為x=5t+t2可知該質(zhì)點(diǎn)初速度為5m/s，加速度a=2m/s。前2s位移為x=14m，前1s位移為6m，第2s內的位移是14 =6m=8m，前2s內的平均速度是7m/s，選項AB錯誤。由△x=aT2可知任意相鄰的1s內的位移差都是2 m，選項C錯誤；根據加速度的意義，任意1s內的速度增量都是2 m/s，選項D正確。
A． B．
C． D．
答案：B
解析：是伽利略用來(lái)證明小球沿光滑斜面向下運動(dòng)是勻變速直線(xiàn)運動(dòng)的是，選項B正確。
A．乙物體做減速運動(dòng)
B．甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)出發(fā)
C．當甲、乙兩物體速度相同時(shí)，二者之間的距離為零
D．當甲、乙兩物體兩次相遇時(shí)，二者的速度大小不相等
答案：D
解析：甲物體做勻速運動(dòng)，乙物體均做速度逐漸增大的加速運動(dòng)，選項A錯誤；甲物體從坐標原點(diǎn)出發(fā)，乙物體從s0出發(fā)，選項B錯誤。當甲、乙兩物體速度相同時(shí)，二者之間的距離不為零，選項C錯誤；當甲、乙兩物體兩次相遇時(shí)，二者的速度大小不相等，選項D正確。
A．甲、乙兩物體在4s末相距最遠
B．甲、乙兩物體在5s末相遇
C．前4s內甲物體總在乙的前面
D．甲、乙兩物體在2.5s末相距最遠
答案：BCD
解析：甲、乙兩物體在2.5s末速度相等時(shí)相距最遠，甲、乙兩物體在5s末位移相等，二者相遇，選項A錯誤BD正確。前4s內甲物體總在乙的前面，選項C正確。
A．上述過(guò)程的加速度大小為10m/s2
B．剎車(chē)過(guò)程持續的時(shí)間為5s
C．O時(shí)刻的初速度為l0m/s
D．剎車(chē)過(guò)程的位移為5m
答案：C
解析：由v2- v02=2ax可得x=-+v2。對照x=（10 -0.1v2）m可知=-0.1，-=10，解得a=-5 m/s2，v0=l0m/s。選項A錯誤C正確。由v0=-at可得剎車(chē)過(guò)程持續的時(shí)間為t=2s，由v02=-2ax可得剎車(chē)過(guò)程的位移為x=10m，選項BD錯誤。
A． B．
C． D．
【答案】BC
【解析】規定初速度的方向為正方向，
若滑塊的末速度與初速度方向相同，則；
若滑塊的末速度與初速度方向相反，則．
故B、C正確，A、D錯誤．
A．200m決賽的位移是100m決賽的兩倍
B．200m決賽的平均速度約為10.35m/s
C．100m決賽的平均速度約為10.38m/s
D．100m決賽的最大速度約為20.76m/s
【答案】C
【解析】200米比賽為彎道，位移大小不是200米，100米比賽為直道，位移大小為100米，故A錯誤；由于200米比賽為彎道，無(wú)法求出其位移大小，故平均速度無(wú)法求，故B錯誤；100米比賽的位移大小為100米，因此其平均速度為： m/s 10.38m/s，故C正確；由于100比賽過(guò)程中運動(dòng)員并不是一直勻加速運動(dòng)，平均速度等于最大速度的一半不成立，無(wú)法求出其最大速度，故D錯誤．
A．350m B．180m
C．0m D．1330m
【答案】C
【解析】飛機著(zhù)陸后到停止所需的時(shí)間t0= = s=12s＜14s．所以飛機在第14s內的位移等于0.
A．質(zhì)點(diǎn)A在0～2s內的平均速度為零
B．質(zhì)點(diǎn)B在0～2s內的平均速度為零
C．質(zhì)點(diǎn)A在0～1s內的運動(dòng)方向與在1～2s內的運動(dòng)方向相反
D．質(zhì)點(diǎn)B在0～1s內的運動(dòng)方向與在1～2s內的運動(dòng)方向相反
【答案】AC
【解析】由題圖可知，0-1s，質(zhì)點(diǎn)A沿正方向做勻速直線(xiàn)運動(dòng)，1-2s，沿負方向做勻速直線(xiàn)運動(dòng)，2s末回到出發(fā)點(diǎn)，2s內的位移為零，所以選項AC正確；0-1s，質(zhì)點(diǎn)B沿正方向做勻加速直線(xiàn)運動(dòng)，1-2s，沿正方向做勻減速運動(dòng)，2s內的位移為2m,平均速度為1m/s，BD均錯誤。
A． vb =m/s
B．vc=3m/s
C．de=3m
D．從d到e所用時(shí)間為4s
【答案】BD
【解析】設物體在a點(diǎn)時(shí)的速度大小為v0，加速度為a，則從a到c有xac=v0t1+ at12
即7=v0×2+ ×a×4 ，7=2v0+2a
物體從a到d有xad=v0t2+ at22
即12=v0×4+ a×16 ，3=v0+2a
故a= -m/s2 ，故v0=4m/s
根據速度公式vt=v0+at可得vc=4 -×2=3m/s，故B正確．
從a到b有vb2-va2=2axab，解得vb=10m/s，故A錯誤．
根據速度公式vt=v0+at可得vd=v0+at2=4-×4=2m/s
則從d到e有-vd2=2axde，則xde=-vd2/(2a)= 4m故C錯誤．
vt=v0+at可得從d到e的時(shí)間tde==4s，D對。
A．小車(chē)運動(dòng)的最大速度約為0.8m/s
B．小車(chē)加速度先增大后減小
C．小車(chē)的位移一定大于6m
D．小車(chē)做曲線(xiàn)運動(dòng)
【答案】AC
【解析】由題中圖象的斜率可知0～9s小車(chē)做加速度減小的加速運動(dòng)，9s～15s小車(chē)做加速度增大的減速運動(dòng)；當t=9s時(shí)，速度最大，vmax≈0.8 m/s，所以A正確、B錯誤．在v-t圖中，圖線(xiàn)與坐標軸所圍的面積在數值上表示位移的大小，圖中每小格的面積表示的位移大小為0.1m，總格數約為83格（大于半格計為一格，小于半格忽略不計），總位移8.3m，所以C正確（若小車(chē)做勻變速運動(dòng)，最大速度為0.8m/s時(shí)，對應的15s內位移是6m）．v-t圖中，v＞0表示物體運動(dòng)方向始終沿正方向，做直線(xiàn)運動(dòng)，圖線(xiàn)與運動(dòng)軌跡不等同，所以D錯．
（1）剎車(chē)前汽車(chē)做勻速運動(dòng)的速度大小v0及汽車(chē)開(kāi)始剎車(chē)后做勻減速直線(xiàn)運動(dòng)的加速度大小a；
（2）汽車(chē)停止運動(dòng)時(shí)車(chē)頭前端面離D的距離。
解析：（1）設OA之間距離為L(cháng)，根據題意，LOA+△L = v0△t +v0 tB-a tB2，
LOA+2△L = v0△t +v0 tC-a tC2，
聯(lián)立解得：v0=16m/s a=2m/s2。
（2）汽車(chē)剎車(chē)位移：x1==64m。
反應時(shí)間內汽車(chē)位移：x2= v0△t=8m
LOA+3△L-△s =x+ x1+ x2，
解得x=6m
（1）滑塊上滑過(guò)程中加速度的大??；
（2）滑塊所受外力F；
（3）當滑塊到最高點(diǎn)時(shí)撤除外力，此后滑塊能否返回斜面底端？若不能返回，求出滑塊停在離斜面底端的距離。若能返回，求出返回斜面底端時(shí)的速度。
解：（1） （2分）
（2）設F沿斜面向上，則
（2分）
（2分）
F力的方向平行于斜面向下。 （1分）
（3）因為 ，所以滑塊不能返回斜面底端。 （1分）
（2分）
滑塊停在距離斜面底端0.43m處。
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